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2/3丁知该列波的波长为入=4m,由图乙可知该列波的振动周期为T=0.4s,故该列波的传播速度为-103，选项A正确；在传播中质点在平衡位置附近上下振动，不会随波迁移，选项B错误；t=0.2s时，质点A到达负向最大位移处，具有向上的最大加速度，选项C错误；t=0时，x=2m处质点正在向上振动，经t=0.3s=T,质点位于y=一4m处，选项D正确，10.BCD设弹性绳与竖直方向的夹角为O,弹性绳的弹力为k(1为弹性绳与滑轮所在M点及杆上O点构成的直角三角形的斜边长)，当小球从O点沿着杆下降的过程中，对小球做受力分析如图所示，弹性绳的弹力在水平方向的分力大小为F.=klsi0,由几何关系可知，lsin0始终等于dw的长度，因此可知弹性绳的弹力在水平方向的分力大Q小始终不变，而F,=N,f=N,可知小球在竖直杆上滑动的过程中摩擦力始终不变，故A错误；对小球在O点向P点运动的过程中竖直方向上受力分析可得F合=g一N Pf-klcos0,其中lcos0始终等于小球从O点下落的距离设为x,则有F合1=mg-f一kx,重力和摩擦力为恒力，以上等式关系可类比弹簧振子在最大位移处竖直向下做简mg谐振动时合力的变化，而Q为OP的中点，则可知小球第一次运动至Q点时速度最大，故B正确；此时小球处于平衡状态，mg=klsin0+klcos0,其中lsin0=4m,lcos0=3m,解得k=10N/m,故C正确；从P点返回的过程中，摩擦力向下，竖直方向有F合2=mg十f一kx,类比小球第一次下降的过程，若合力不变，则小球仍然在上升至Q点时速度达到最大，但实际上在小球第一次从最低点P上升的过程中，竖直向下的力增大了，则小球需要克服阻碍其运动的力而做的功增加了，因此从能量的角度考虑，小球从P点返回的过程中，速度最大的位置一定在Q点的下方，小球每次下降后再上升的过程中其平衡位置都在下降，由此可知，当小球最终停止时一定停在Q点下方的某一位置处，故D正确.11.(1)D(2分)(2)0.75(2分)(3)4(2分)L解析：(1)条纹间距与单缝到双缝之间的距离无关，A错误；为使屏上的干涉条纹清晰，单缝和双缝必须平行放置，所得到的干涉条纹与双缝平行，B错误：由公式△=兰可知，条纹间距与光波的波长以及双缝之间的距离均有关，C错误，D正确；(2)由游标卡尺的读数规则可知，图乙和图丙的示数分别为x1=11mm十0.1×2mm=11.2mm,2=15mm+0.1×7mm=15.7mm,则相邻两亮条纹之间的距离为△x=2。=615.7.1.2mm=0.75mm:(3)由公式△-让得入=，将数据代入解得入=500nm612.【答案】(1)V2(2分)(2)1(2分)(3)1.50(2分，1.5不得分)(4)B(2分)【解析】(1)由于电源电动势为3V,故应选电压表V2;(2)由电阻的决定式可知R,=二R,及胡克定律kx=mg,可得该台秤所能称量的最大质量为1kg:R.(3)由闭合电路欧姆定律E=I(R,十R,十)，电压表示数U=R,十，十，E,联立求解得U=mgR+R,十刀，将数据代入公式可得U=mgRE30m10m+19(4)由(3)可知，B正确，13.解：(1)由图可知波长入=4m(1分)经0.2s向前传播的距离=W=1m=入(1分)可知波沿x轴负方向传播(1分)则t=0时刻质点P沿y轴负方向运动(1分)【高二物理参考答案第2页（共3页）】24554B